Des 给出一个配对的括号序列（如"(())()"、"()"等， ")()"、"(()"是不符合要求的 ），对该序列按以下方法进行染色： 1.一个括号可以染红色、蓝色或不染色 2.一对匹配的括号需要且只能将其中一个染色 3.相邻两个括号颜色不能相同（但可以都不染色） 求符合条件的染色方案数（对1000000007取模） \(\t
传送门 题意 平面上有 \(n\) 个点，保证任意三点不共线。有黑白两种颜色，一些点已经确定了一种颜色，其余点的颜色尚未确定。 对于一种染色方案，我们可以进行若干次操作，每次可以在两个同色点之间连一条直线段，但是要保证连的线段互不相交（除了在端点处可以相交）。如果最后每种颜色的点都能
给 \(n(\leq 500)\)个点的树染 \(m \leq mod\) 种颜色, 本质不同(颜色和形态)的染色数(对\(998244353\)取模)，有根树。 如果是无根树就找重心。 重点在算树的同构： 设：某种子树有 \(cnt\) 个同构的, \(f_v\) 为这种子树的染色方案数。 \[f_u = \sum^{cnt}_ {i = 1} \binom{cnt - 1}
目录 读论文 Abstract（摘要） Introduction（介绍） Materials and methods（材料和方法） The DASGAN network Deep survival learning Discussion（讨论） 读CycleGAN论文并跑了一个的模型 特点（创新点） 实现 代码实现效果 读论文 Domain adaptation-based deep learning for automated T u
大家好，我的题目叫《大规模微服务场景下的灰度发布与流量染色实践》。最近微服务很热，与微服务相关的架构、流程、DevOps都很热。 很多公司，包括传统企业，到互联网公司做交流的时候，会问道，你们互联网公司号称能够加速业务创新、快速迭代，那我们是否也可以引入类似这样的机制
题意： \(n\)个人，每个人要么是敌人，要么是朋友。已知敌人一定说假话，朋友一定说真话，给出\(m\)句形如\(i,j,c\)的话，表示第\(i\)个人说第\(j\)个人的身份是\(c\)，问敌人的最大可能数量是多少。 \(1\le n\le 2e5\) 题解： \(2-SAT\)只能判是否有解，找出的不是最优解 注意到如果A说B为朋友
osg给节点染色 osg::ref_ptr<osg::ShapeDrawable> draw_h_bar_index = new osg::ShapeDrawable(new osg::Box(osg::Vec3(0.0, 0.0, 0.0), 1.0, 10.0, 10.0)); //设置材质 osg::ref_ptr<osg::Material> column_material = new osg::Material; //设置环境光 column_material->
【CF】【补题】C. Queen C. Queen 删除对父节点不敬和全体子节点都为不孝结点的结点（自身被染色和全体子节点都被染色）（将不孝的特性看成是染上了色） 条件一：自身被染色。 条件二：全体子节点都被染色，对立情况全体子节点存在一个子节点不被染色。 col数组用来标记，0代表不染，1代表染色 do
01染色，取染色个数较小的。 注意图不一定联通。 #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> using namespace std; const int N=100005; int n,m; int head[N]; int c[N]; bool vis[N]; int sum[2]; int tot,ans; int read(){ int num=0,f=1; char c=getchar();
AGC006F Blackout AGC006F Blackout 1 题外话 什么神仙题目 2 sol 对黑格子\((x,y)\) ，连一条\(x->y\) 的边 此时问题变为如果存在\(x->y,y->z\) 的边，那么添加一条\(z->x\) 的边，最后统计总共有多少条边 现在我们只考虑每个弱连通块怎么统计 尝试对每一个弱连通块三
题意:P6076 思路： 容斥+dp 有三种下限要求方案数？我们来层层降维。 首先\(ans=(-1)^{c-i}*C_c^i*f[i]\) f[i]表示至多i种颜色且满足另外两限制的方案数。 很多时候我们发现，"随便","至多","至少"要好求很多，而我们要"恰好"时就会用到容斥 \(f[i]=(-1)^{m-i}*n^{C_m^i-1}\) 这里同理降
[HAOI2015] 树上染色 树形 \(DP\) , 一道有点恶心的树上背包. 设状态 \(f[x][i]\) 表示以 \(x\) 为根节点的子树中选 \(i\) 个节点染黑的最大价值. 考虑转移, 枚举以 \(x\) 为根节点的子树中选 \(j\) 个黑点, \(x\) 的子节点 \(y\) 选 \(k\) 个黑点, 那么 \(dis(i, j)\) 就被计算
[题解] CF1540B Tree Array 期望题，思维题，dp（递推）题，暴力题 传送门 题意 对一棵 \(n\) 个点无根树进行染色操作，染色规则如下： 开始时，等概率地 随机找到一个点将其染色； 然后 等概率地 对 至少一条边连接已染色结点 的未染色结点进行染色。 最终会形成一个染色序列 \(a\)，求 \(a\) 中逆
题目 1. 2种做法，一种是 $O(nk\log n)$，另一种是 $O(n)$。前者可以从深度大的开始填（优先队列维护）。后者只需要开 $f[0][x]$ 表示 $x$ 离关键点的最近距离，$f[1][x]$ 表示 $x$ 离没被控制的最远点的距离。考虑 $f[0][x]+f[1][x] \le k$ ，$x$ 就能被控制。$f[1][x]=k$，$x$ 就要成为关键点
题目 点这里看题目。 分析 手玩容易发现 good graph 的第二条要求等价于 \(G'\) 是二分图。 说明： 设 \(x_u\) 表示某种方案中 \(u\) 是否被操作。 那么有 \(|E'|\) 条方程。对于 \((u,v)\in E'\)，方程的形式为 \(x_u\oplus x_v=1\)。 取出任意的相邻两条边，比如 \((u,v),(v,w)\)，将
给树染色 题意 一颗树有 n 个节点，这些节点被标号为：1,2,3…n，每个节点 ii 都有一个权值 A[i]。 现在要把这棵树的节点全部染色，染色的规则是： 根节点 R 可以随时被染色；对于其他节点，在被染色之前它的父亲节点必须已经染上了色。 每次染色的代价为 T×A[i]，其中 TT 代表当前是第几次
题面 树上染色 题解 这道题转移应该很容易。 直接枚举当前节点染黑的个数以及子节点染黑的个数即可。 设 \(f[x][j]\) 表示以 \(x\) 为根节点的子树中染黑 \(j\) 个点时两种颜色两两距离的之和的最大值。 所以有状态转移方程： \[f[x][j] = min(f[x][j - p] + f[y][p] + val) \]其中
[SDOI2011]染色题解 今天的bug实在改不出来，写道之前做的题的题解 洛谷题目链接 这道题与noi2021的第一题轻重边几乎一模一样，把这道题代码稍微修一下就可以过那道题 [noi2021轻重边题目链接]（https://www.luogu.com.cn/problem/P7735） 建议写完这道题把如上题目也写了 正文 很容易想
链接：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/16806/D来源：牛客网无向图有n个点，从点1开始遍历，但是规定：按照每次“走两步”的方式来遍历整个图。可以发现按照每次走两步的方法，不一定能够遍历整个图，所以现在小sun想问你，最少加几条边，可以完整的遍历整个图。 1. 首先我们可以想到 首先
[HAOI2015]树上染色 \(\text{Solution:}\) 考虑对于一个点，从它子树再中选择 \(k\) 个黑点的代价：\(e[i].dis \cdot (p-k)*k+(siz[j]-k)*(n-p-siz[j]+k).\) 于是状态转移方程就写好了： \(dp[x][T]=dp[x][T]=Max(dp[x][T],dp[x][T-k]+dp[j][k]+v*(k*(p-k)+(siz[j]-k)*(n-p-siz[j]+k)))
题目链接 交叉坐标的星尘 题意简述 题目中说的比较清楚 , 这里再粘贴一遍 : 给定一棵 \(n\) 个点的树 . 你需要从 \(1\) 号点开始 , 不断地给树上的结点染色 . 在某一轮染色过程中 , 假设你是从编号为 \(u\) 的结点开始染色 , 现在染色到编号为 \(v\) 的结点 , 那么下面你只能尝试
对于语义分割来说，网络输出的图像为HxW的二维矩阵，其上面每个像素点的值是这个像素点的类别（如，像素点值为1 ，表示这个像素点属于第一类）。然而，对于一个二维矩阵，生成的图像是一个灰度图，并且灰度值很低，非常不利于人观察（如下图为voc2007的标签，图中白色为人为标记的，真正的网络预测并没
日志 不存在的……今天偷懒了……只是简单的看了看题目…… stray 感觉这题是个Ad-Hoc题……干就完了！ \(A=3\)的情况 从\(0\)开始作bfs，点\(i\)到\(0\)的距离为\(dis_i\)。 为了讨论方便，不妨设原图是一条链，且\(fa_i\)是\(i\)的前驱。 对于一个点\(u\)，只可能有这几种情况： \(u\)连向
Day 4 继续带着嘟嘟可 virtual 上分（下分） A 枚举\(O(\log n)\)个b，然后向下整除得到a和c，a每增大1就有c减小\(2^b \ge 1\)，所以保证正确性 Submission #23479174 - AtCoder Regular Contest 119 B 发现操作本质上是在移动0，而且路程中不能跨越其他的0，于是从左到右做个计数，对应的匹配关
题面 一个树形dp， 我们根据题意去想如何得到两两距离，发现一条边的两侧每有一对同色点，这条边就要被经过一次 在当前的子节点的子树中，枚举有k个黑点，需要一个在其他子树中选了共 j - k 个黑点的状态 code #include<bits/stdc++.h> #define int long long using
