read在linux原型定义如下： #include <unistd.h> ssize_t read(int fd, void *buf, size_t count); 关于buf，man手册解释如下： “read() attempts to read up to count bytes from file descriptor fd into the buffer starting at buf.” 也就是说，read读取数据后，放到buf缓冲区中
package nio; import java.io.IOException; import java.io.RandomAccessFile; import java.nio.ByteBuffer; import java.nio.channels.FileChannel; /** * @author DELL */ public class TestChannel { public static void main(String[] args) throws IOException
opencv中XML文件的读与写 OpenCV中有相关的函数对XML文件进行写与读的操作， FileStorage fs("../xml/read.xml", FileStorage::WRITE); FileStorage fs2("../xml/read.xml",FileStorage::READ); #include<opencv2/opencv.hpp> #include<vector> using namespace st
前言 哇塞，太萌了吧！ 正文 题面 有一个 $ n $ 个顶点 $ m $ 条边的无向图，问这个图是不是一个环，其中这个环的每一个节点都可以看做一颗树的根。 思路 转换！转换！！转换！！！ 首先，假如我们的图是联通的话： $ n = m + 1 $，整个图就是一颗无根树。 $ n = m $，整个图恰好有一个环。 而这题其实就是
problem 一个点的点权的可能为不变或者变为连着的边的边权。 然后dp、 dp[u][0]表示变成大于等于w[u]边的最小代价。 dp[u][1]表示变成小于等于w[u]边的最小代价。 然后对边权排序。 一段连续的是使用dp[][0]的和 一段连续的是使用min(dp[][0],dp[][1])的和 一段连续的是使用dp[][
AtCoder dp 26题 原比赛链接 洛谷题单链接 A - Frog 1 题目已然给出了转移方程，设 \(dp_i\) 为到第 \(i\) 块石头的最小代价。 转移方程： \[dp_i=\min(dp_{i-1}+|h_i-h_{i-1}|,dp_{i-2}+|h_i-h_{i-2}|) \]时间复杂度：\(O(n)\) 点击查看代码 int n; int h[maxn],dp[maxn]; int main()
主要是存个代码，还有我踩的坑。。 cin和cout真的很慢，很慢，非常慢.. 还有就是先把凸包求出来了，然后才能考虑凸包面积啥的 刚开始思路错了，直接上多边形面积 明明输出和标程都一样了，在hdu还是wa 欸..就当学了个凸包板子，学会了Graham。。 #include<bits/stdc++.h> #define PI
npm ERR! Cannot read property 'insert' of undefined npm ERR! A complete log of this run can be found in:npm ERR! /home/jbjiang/.npm/_logs/2022-08-12T02_44_16_135Z-debug-0.log 问题原因 没有使用root权限。调用npm install 权限不足导致 的 解决方法 sud
P1038 [NOIP2003 提高组] 神经网络 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn) tupo题 用队列存激活了的点，然后从队列头的点出发能到达的点去进行松弛（累加C值）当他所有可能增加的情况都增加过了（入度为0）那么就判断他能否入队去松弛别的点 答案要求输出层的C值，所以需要知道哪些
1.IO流可以理解成一个管子，管子连接着IO流关联的源，管道中是不存放数据的，但是会缓存要交换的数据 2.使用read(),write()方法触发数据读写 read()，read(byte[] b)，read(byte[] b,int off,int len) 方法参数解释 节点流和处理流 节点流：是底层流，直接跟数据源相连
spring 事务 1. 前置知识 事务的特性 原子性 一致性 隔离性 持久性 事务并发可能会出现的问题 脏读 因为读到了其他事务还没有提交的修改产生的问题 不可重复读 在其他事务对某一行做了修改前后读取到的数据不一样，导致的问题 幻读 在其他事务插入了多行
以下边xml文件为例子： <?xml version="1.0" encoding="utf-8"?> <Root> <Test name ="A8作动筒"> <testResult Title="试验结果为："> <value>启动压力1：{}MPa</value> <va
File类 package IO; import java.io.File; /** * **/ public class Test01 { public static void main(String[] args) { /** * java.io包 * io对磁盘进行操作 文件操作（增删改查） */ File file = new File("E:/mayikt/mayikt.t
8.1 T2数据水，只判4条边界就可以85pts，随机化2e5个非整点判断可以AC。 T2： 正解是扫描线，但是没人写。 T1 wisdom 我们采用一种贪心，假设当前已经处理完 u 的所有儿子子树，考虑把 u 染成什么颜色最优 // ubsan: undefined // accoders #include <bits/stdc++.h> #define pii pair<int
1、数据库事务 1.1、事务的四大特性 原子性 即不可分割性，事务要么全部被执行，要么就全部不被执行 一致性 事务的执行使得数据库从一种正确状态转换成另一种正确状态 隔离性 在事务正确提交之前，不允许把该事务对数据的任何改变提供给任何其他事务 持久性 事务正确提交后，其结
记 \(f_i\) 表示 \([i,n]\) 中最多能不动的书。 动第 \(i\) 本书，则 \(f_{i+1}->f_i\) 不动的话，若这本书是最左边的这种书，则 \(f_{r_{a_i}+1}+cnt_{a_i}->f_i\)。 若不是，为了不影响其他区间，则 \(cnt_{a_i}->f_i\)。 #include<cstdio> const int H=5000050; char G[H],*_=G; int rea
paper read - 2022 - a real time visual boolean operation on triangular mesh models Chen, S., Chen, M., & Lu, S. (2022). A real time visual boolean operation on triangular mesh models. Computer-Aided Design and Applications, 19(3), 470–480. https://doi
//public delegate void mainThreadHandler();//可以自己声明委托 private void Read(*/ int num */) { if (this.InvokeRequired) { MethodInvoker cb1 = new MethodInvoker(Read); //mainThreadHandl
link 01分数规划学习笔记。 假如没有那个什么对体重的限制，那么选择比值最大的那头牛总是没错的，因为其它的牛肯定会影响人家的发挥对吧。但有了这个限制贪心就不对了，你不能说我们按比值从大到小依次选择，一直到什么满足限制了再停止，这很好构造Hack数据。于是就需要用到01分数规划。
贪心 + 二分。 二分 \(mid\)，计算最少需要多少个消防站。 首先对点的深度 \(dep\) 进行排序，每次取当前最深的点 \(v\)。 找到与 \(v\) 的距离为 \(mid\) 的祖先 \(u\)，设立消防站。 可以证明这样是最优的：离 \(v\) 最近的消防站一定在 \(u\) 的子树中，并且能覆盖的点小于等于 \(u\) 能
参考1<不成熟> install_scripts.py 关注点: tar.gz解压后包,如何脚本安装 --- 经过当时测试, 最后发现此类解压后包还是手动安装为好. import osimport subprocessimport timefrom icecream import ic""">>>总结: 1 把当前文件放在 whl文件结尾的同级目录下 2 安装
link 首先从简单的问题开始思考。假如我们只有两个点，应该如何构造方案呢？显然，当两个点有连边时，我们不需要做任何事情（当然两个点各操作一次也是可以的但没有必要）；而两个点没有连边时，只需要选择其中任意一个进行一次操作即可。从这里得出了一个重要的结论，由于操作同一个点两次之后会导
每次操作等价于随机选择一行和一列然后染色，询问所有行列都被染色操作的期望。 于是就很显然了，\(dp[n][m]\) 表示已经有 \(n\) 行 \(m\) 列被染色的期望。 显然有： \[dp[n][m]=dp[n][m]\times\frac{n}{N}\times\frac{m}{N}+dp[n+1][m]\times\frac{N-n}{N}\times\frac{m}{N}+dp[n][m+
从简单往复杂推。 菊花图并且 \(k=1\) 时，这是个 \(Nim\) 游戏。 继续 \(k=1\)，奇偶分类后发现一样是奇数深度意义下的 \(Nim\) 游戏。 \(k > 1\) 时，深度除以 \(k\) 后还是个 \(Nim\) 游戏。 换根 \(dp\) 求解一下即可。 #include<cstdio> const int H=4000040; char G[H],*_=G; in
一 文件操作 一 介绍 计算机系统分为：计算机硬件，操作系统，应用程序三部分。 我们用python或其他语言编写的应用程序若想要把数据永久保存下来，必须要保存于硬盘中，这就涉及到应用程序要操作硬件，众所周知，应用程序是无法直接操作硬件的，这就用到了操作系统。操作系统把复杂的硬件操作封装
