# [NOIP2016 普及组] 海港 ## 题目背景 NOIP2016 普及组 T3 ## 题目描述 小 K 是一个海港的海关工作人员，每天都有许多船只到达海港，船上通常有很多来自不同国家的乘客。 小 K 对这些到达海港的船只非常感兴趣，他按照时间记录下了到达海港的每一艘船只情况；对于第 $i$ 艘到达的船，他记
题面，题解就不打了，写的较好的题解。 主要是借这个题说一下如何正确的思考出来一道题： 首先样例肯定要模，在模的时候就是构建思路的过程，当然一般的小样例无论什么方法都可以得出答案（spj），能过正确的理解题面就行； 然后我们就可以顺着方案A想，看看是否有漏洞（反例）、复杂度（以这个题来说：每个人
题目大意 有 \(n\) 个时间段，有 \(2n\) 个课程，在第 \(i\) 个时间段的时候，有两个教室 \(c_i\) 和 \(d_i\) ，第 \(i\) 个时间段申请换教室通过的概率为 \(k_i\)。 可以选择 \(m\) 个时间段进行换教室，也可以换不到 \(m\) 个教室。 所在大学是一个 \(v\) 个点，\(e\) 条边的图，由双向边连接
洛谷题面 题目大意 给定 \(n,m\) 和 \(m\) 个整数 \(x_i\)，\(1\le x_i\le n\)。 如果存在四元组 \((a,b,c,d)\) 满足： \(x_a<x_b<x_c<x_d\) \(x_b-x_a=2\times (x_d-x_c)\) \(x_b-x_a<(x_c-x_b)/3\) 那么这个四元组是有效的，问每个物品分别作为有效四元组中 \(a,b,c,d\) 几次
原题链接 来自洛谷https://www.luogu.com.cn/problem/P1563 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; char name[100100][12]; int fward[100100]; int main() { int i, j, t; int n, m; scanf("%d%d", &n, &m); for (i = 0; i < n; i++)
题目描述 小K是一个海港的海关工作人员，每天都有许多船只到达海港，船上通常有很多来自不同国家的乘客。 小K对这些到达海港的船只非常感兴趣，他按照时间记录下了到达海港的每一艘船只情况；对于第i艘到达的船，他记录了这艘船到达的时间ti (单位：秒)，船上的乘 客数kiki，以及每名乘客的国
题解 因为要统计近24小时之间的数据，我们没有办法对当前的数据操作从而达到统计未来24h之内的国籍，但是我们可以通过队列暂时存储该数据，等到24h后再处理当前的数据。也即，队列中一直存储近24h的数据，我们用这个队列“筛子”去从前往后筛不同的24h从而得到每24h的结果。 AC代码 #includ
文章目录 解析sol1:树剖+mapsol2：树剖+离线sol3：dfs维护树状数组+差分 解析 个人认为本题比同年的逛公园可做许多 本题的一个关键是：把慢跑者 ( u , v
[NOIP2016 提高组] 天天爱跑步 因为本人很菜所以尽量写得通俗一点， 讲错的地方欢迎指出 参考：https://www.cnblogs.com/dmoransky/p/11406515.html orz墨染空dalao 并自己加上了一点补充 顺便弥补了一下luogu题解图炸了所以看不懂的悲剧。 但是讲得超好！！！ 题目描述 小c同学认为跑步
题目链接 题目：愤怒的小鸟 思路过程 数据范围非常小，\(n\leq 18\)，可以考虑指数级时间复杂度的算法。 借鉴曼哈顿路径的状压dp算法，可以设计出状态：\(f(i)\)表示状态为\(i\)时用鸟最小数。 状态转移很好想，预处理一下可以做到\(O(n^2)\)转移 时间复杂度\(O(2^n n^2)\) 完整代码 #include
[NOIP2016 提高组] 组合数问题 难度：普及+/提高 解题思路 此题需要计算大量的排列组合结果，所以选择杨辉三角来计算排列组合数。 解题难点 下面先编写了一段杨辉三角和计算个数的代码 90pts: O(tnm) 杨辉三角 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int k,t,n
传送门 初步想法，枚举四个物品，明显爆炸 之后想办法优化 看到n1e4的取值范围，我们很容易就能get到这个题应该用桶的方式来解决 具体怎么搞呢？ 我们来观察一下他给的等式以及不等式 最小的单位应该是D与C之间的差值 我们设这个值为t，可以通过枚举t来进行计算。 首先，我们可以知道，A的
题目传送门 零、理解与感悟 1、通过杨辉三角形象记忆帕斯卡公式（代码实现的递推式） 2、二维前缀和优化 这里需要注意的是要根据题意，抽象中一个中间态的a数组，模拟二维前缀和的前置原始数组。这个数组的获取有一点点说道，因为所有C数组数据初始值是0，而我们要根据是0，才会把a数组对应位置
【NOIP2016提高A组模拟9.9】Brothers Description 在遥远的西方有一个古老的王国，国王将他的王国分成了网格状，每一块称之为一个城市。在国王临死前，他将这些城市分给了自己的N个儿子（编号为0到N-1）。然而这N个王子的关系不是很好，0讨厌1，1讨厌2，2讨厌3……N-1讨厌0。 在国王死后，这种不好
NOIp2016 提高组 D1T1 玩具谜题 简单题，依据题意模拟即可。 得分：\(100 / 100.\) \(\color{green}{AC}\) 记录：https://www.luogu.com.cn/record/55231605. \(\Huge\mathcal{To\ \ Be\ \ Continued...}\)
算是NOIP中比较麻烦的题了,看题解感觉处理的很巧妙 题意就不再赘述了，刚开始的想法是遍历枚举每一条路径，但是无论如何这样做的复杂度最坏都有O(nm) 所以尝试换一种方法,从观察员下手,对于每一个观察员,我们只需要找到每一条路径带给他的贡献 那这个贡献怎么求呢? 对于每一条路径(u,
P1600 [NOIP2016 提高组] 天天爱跑步 考虑 a 到 b ，c = lca(a, b) ，那么如果对观察员 u 产生贡献： 如果 u 在 a->c 上，则 \(time[a]+dep[a]-dep[u] = w[u]\) ，即 \(time[a]+dep[a] = w[u]+dep[u]\) ，其中 \(time[a]=0\) 如果 u 在 c->b 上，则同理得 \(time[b]-dep[b] = w[u]-dep[u]\) ，其
链接：https://ac.nowcoder.com/acm/problem/16429 来源：牛客网 题目描述 组合数表示的是从 n 个物品中选出 m 个物品的方案数。举个例子，从 (1, 2, 3) 三个物品中选择两个物品可以有 (1, 2)，(1, 3)，(2, 3) 这三种选择方法。 根据组合数的定义，我们可以给出计算组合数的一般公式： C(n
如果她选择购买第一种包装，那么她需要购买29份，共计2×29=58支，需要花费的钱为2×29=58。 实际上，P老师会选择购买第三种包装，这样需要买22份。虽然最后买到的铅笔数 量更多了，为30×2=60支，但花费却减为27×2=54，比第一种少。 对于第二种包装，虽然每支铅笔的价格是最低的，但要够发必须买2份
吐槽 花费了好久好久，发现在以下地方出错 首先虽然我们定义了是从1开始，但是push时，却是从0开始 其次，在index±n的地方出错，应该是<=0时需要+n，大于n的时候-n。 需要注意就是搞清楚什么时候加，什么时候减。 题目 https://www.luogu.com.cn/problem/P1563 #include<bits/stdc++.h>
#include<cstdio> #include<cstdlib> struct Man { int f1; int f2; int s; char g[10]; }; int main(void) { int i,j,k,N, M; Man* p=(Man*)malloc(sizeof(Man)*100000); scanf("%d%d", &N, &M); for (i = 0; i < N; i++) scanf
原题链接：点我 记录这道题的原因： 出现了“我觉得我没错但是我就是过不了”的问题。 没有找到错因，改了两版，放上来记录一下。也许以后就会了呢。（下次一定 ） 第一版代码：85分，繁琐但是这是我的第一做法。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int n,m;
题目描述 P老师需要去商店买n支铅笔作为小朋友们参加NOIP的礼物。她发现商店一共有 3种包装的铅笔，不同包装内的铅笔数量有可能不同，价格也有可能不同。为了公平起 见，P老师决定只买同一种包装的铅笔。 商店不允许将铅笔的包装拆开，因此P老师可能需要购买超过nn支铅笔才够给小朋
题面传送门 数据这么小显然状压dp 考虑状压\(dp_i\)表示打掉的集合为\(i\)时最少抛物线条数。 预处理\(f_{i,j}\)表示过\(i\)点和\(j\)点的抛物线经过的点的集合。 但是这样的转移是\(O(T2^nn^2)\)的。 考虑怎么优化。 很明显我们的\(dp\)转移是无序的。将其变成有序即先打最小的
题目 在一片草原上有 \(N\) 个兔子窝，每个窝里住着一只兔子，有M条路径连接这些窝。更特殊地是，至多只有一个兔子窝有3条或更多的路径与它相连，其它的兔子窝只有1条或2条路径与其相连。换句话讲，这些兔子窝之前的路径构成一张 \(N\) 个点、\(M\) 条边的无向连通图，而度数大于2的点至多有1
