思路 显然直接建图跑个最大流，答案就是总蜥蜴数减掉最大流。 但是由于有高度的限制，也就是每个地方只能被走一定数量，还要加一些限制。 所以把每个点拆成入点和出点，从入点向出点连一条流量为 \(h_{i,j}\) 的边。 再枚举出每个格子能跳到的其他格子，从当前格子的出点向其他能跳到的格子
2022暑期训练 其实不用写2022，也没有明年了 6月下旬 6.21日-6.27日，期末复习期间，做了6场ABC，AK两场div3，随便做了点div2，掉了很多分。。 6.28日，中午起床，下午写了几道kaungbin专题然后睡着了 晚上继续写了写，打了场cfdiv2，最近几个月最拉的一场，感觉很奇怪，然后交互题写错了个符号痛掉60分。
思路 第一问 第一问与YbtOJ「图论」第1章 二分图匹配 J. 祭祀一模一样。 考虑处理出原 dag 图的两两点之间能否可达（可用 Floyd），然后题中是求最大的若干点之间没有两两可达的点对。 那么建出二分图之后，发现如果出现一对匹配，那么相当于这两个点里面有一个不能选了，所以答案就是总的点
Description 有长为 $ n$ 的序列 \(a[1...n]\) 按 \(j = (0, 1, 2, ... , n - 1)\) 依次输出把大于 \(j\) 的 \(a[i]\) 改为 \(j\) 后逆序对的个数。 Constraints \(1 \le n \le 10^6\)， \(0 \le \forall a[i] \le n\)。 Solution 平常的逆序对可以直接用树状数组维护，但是这题有多
思路 只需要用二分图匹配，每一次连接了一对匹配，相当于合并了两条路径（单个点也认为是路径），所以要让路径总数最小，就要让匹配的数量最大，由于是路径，所以每个点的入点和出点都最多只能连两条边。 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std;typedef long long ll;const int N=3e2
题目链接：https://www.luogu.com.cn/problem/P8127 题目大意：给定一棵包含 \(n\) 个节点的树，树上每个点都有一个权值，节点 \(i\) 的权值为 \(a_i(a_i \in \{0,1\})\)。每次可以选择树上一个点，将这个点以及与其相邻的所有点的权值取反（\(0\) 变成 \(1\)，\(1\) 变成 \(0\)）。问：最少需要几
传送门 Description 现在有一个数 \(x\)，初始值为 \(1\)。有 \(Q\) 次操作，操作有两种： \(1\) \(m\)：将 \(x\) 变为 \(x \times m\)，并输出 \(x \bmod M\) \(2\) \(pos\)：将 \(x\) 变为 \(x\) 除以第 \(pos\) 次操作所乘的数（保证第 \(pos\) 次操作一定为类型 \(1\)，对于每一个类型 \(1\)
这道题考察了树的重心的性质，所有点到中心的距离之和是最小的，所以我们一遍dfs求出树的重心，在跑一次dfs统计距离之和。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 const int INF=0x7f7f7f7f; 4 const int N=50005; 5 int head[N],to[N*2],nxt[N*2],f[N],size[N];
白嫖的一道省选题...... 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 typedef long long LL; 6 int dig[15],pos; 7 LL dp[15][10][15],ans[2][10]; 8 9 LL dfs(int pos,int val,int cnt,bool lead,bool li
Description 给出一个长度为 \(b\) 的数列 \(a\)，要进行 \(m\) 次操作，每次操作输入 \(k\)， \(l\)， \(r\)，要求支持以下两种操作： \(k=0\) 表示给 \([l,r]\) 中的每个数开平方（下取整）。 \(k=1\) 表示询问 \([l,r]\) 中各个数的和。 数据中有可能 \(l>r\)，所以遇到这种情况请交换 \(l
洛谷传送门 SPOJ 传送门 题意 给定 \(N\) 个非负整数 \(A_1,A_2,...,A_N\) 和 \(Q\) 组询问 \((v_j,a_j,b_j)\)，对于第 \(j\) 组询问，你需要回答满足 \(1 \le l \le r \le N\) 且 \(a_j \le r - l + 1 \le b_j\) 且 \(\sum\limits_{k=l}^r [A_k \ge v_j] = r - l + 1\) 的整数对 \((
负载平衡问题 费用流 主要是建图，其他都是模板 每个仓库视为一个点，设置一个源点，对仓库有一条边，容量就为仓库原有的库存量，费用为 0 然后相邻的仓库之间有一条容量为无穷大，费用为 1 的边 每个仓库对汇点有一个边，容量为平均值，费用为 0 #include <iostream> #include <cstdio>
软件补丁问题 状态压缩 + 最短路 对于当前 bug 的状态，可以作为一个点，表示的方式用状态压缩的方式，接着边就是通过一个补丁，转换到另外一个 bug 状态 直接最短路，dijkstra 或 bfs 或 SPFA 都可 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <queue> using na
复制Markdown 展开 题目描述 城市C是一个非常繁忙的大都市，城市中的道路十分的拥挤，于是市长决定对其中的道路进行改造。城市C的道路是这样分布的：城市中有n个交叉路口，有些交叉路口之间有道路相连，两个交叉路口之间最多有一条道路相连接。这些道路是双向的，且把所有的交叉路口直
题目描述 在一个神奇的小镇上有着一个特别的电车网络，它由一些路口和轨道组成，每个路口都连接着若干个轨道，每个轨道都通向一个路口（不排除有的观光轨道转一圈后返回路口的可能）。在每个路口，都有一个开关决定着出去的轨道，每个开关都有一个默认的状态，每辆电车行驶到路口之后，只能从开关
禁止报的数的生成规则与埃式筛法类似，考虑用筛法预处理可以报出的数字列表和不可报出的数字，从而 O(1) 回答每一组询问。 用check函数判断数字中是否含有7，用nx[i]记录数字i的下一个合法数。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 const int N=1e7+10; 4 int T
首先，让我们先试一下这个极端数据： 10000000 10000000 1 1 假设正方向分别向左、向上，发现这匹马一直会往右下走。 多试几次，我们可以发现马在数据较大时一开始总是朝着一个方向走。 好，所以我们可以从这里入手，看看走到什么时候不能继续这样贪心。 显然，这里走橙色的线比黑色的先要更
感觉这题思路挺妙的。 历史版本操作？这很主席树。想了半天不知道咋搞，毕竟主席树是维护值域的，这下标操作很难办呐，一看题解，woc，lca？ 这题的基本思路是对操作建树，具体怎么建呢？ 对于每一个入栈操作 \(a\ \ v\)，考虑将新加入的数字 \(i\) 作为 \(v\) 的儿子，这样就可以做到从根节点向下，每一
洛谷P1903 [国家集训队] 数颜色 / 维护队列 & 带修莫队相关 [洛谷P1903 [国家集训队] 数颜色 / 维护队列]([P1903 国家集训队] 数颜色 / 维护队列 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn)) 带修莫队\(block = pow(n, 2.0 / 3.0)\)。 [奇技淫巧](题解 P1903 【【模板】
孤岛营救问题 bfs + 状态压缩 对钥匙的状态进行压缩，然后 bfs 剪枝搜索 #include <iostream> #include <cstdio> #include <queue> using namespace std; int dp[20][20][1 << 16 | 1]; int dr[20][20][20][20]; int dor[20][20]; const int xi[4] = {0, 0, 1, -1}; const int y
考虑逆推就行了。 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int n; 4 int a[1010][1010]; 5 int main(){ 6 scanf("%d",&n); 7 for(int i=1;i<=n;i++) 8 for(int j=1;j<=i;j++) 9 scanf("%d",
一道单调队列优化DP的入门题。 f[i]表示到第i头牛时获得的最大效率。 状态转移方程：f[i]=max(f[j-1]-sum[j])+sum[i] ,i-k<=j<=i。j的意义表示断点，因为不能连续安排超过k只牛，肯定要在中间断开一处。 max中f[j-1]-sum[j]只和j相关，我们可以对其做递减单调队列，最后队头就是最大值max。
题目传送门 思路 一看就是构造题，显然要分成若干块 \(5\times5\) 的小块，然后发现对于一个小块中，只有最中间的那格可以从别的小块中一步跳进来。 然后我们打一个爆搜，打出从当前小块的中间走到各个方向相邻的小块的方案。 这样就可以在小块间移动了。 由于我们需要把所有的点都绕一遍
这道题其实就是一个数位 \(dp\) 裸题，就是他这个前缀 \(0\) 有一点难处理，所以就多开一维就行了。 代码 #include<cstdio> #include<cstring> #define ll long long using namespace std; ll f[13][2][2][13]; int a[13]; ll dfs(int i,int is,int zero,int num,int sum){ if(!i
题面传送门 思路 因为最多只能两个物品一起，所以排个序，然后用两个指针，如果这两个可以，那就两个都要了，否则就只能要大的一个 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m; int a[30001]; int main(){ scanf("%d%d",&m,&n); for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i])
