PJ-T3成功地给我上了一课 MAP映射——万物皆可映射 赛后代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int T,a,b,c,d,e; char s[35]; map<long long,int> q; inline int l(int x){ if(!x) return 1; int tot=0; while (x) x/=10,tot++; return tot; } inline lo
负环： 因为负环肯定是越跑越短的，但是一个图上所有点都选上时，肯定不是最短路。因此，我们可以通过这一点来思考怎么处理负环： 处理负环的方式只有 \(\text{SPFA}\) ，\(\text{dijkstra}\) 是不能用的。 我们在每次更新边权时，如果是正边，那么只可能对下一个答案更新一次，所以出现负环，则是对
http://zhengruioi.com/contest/1030 \(51+100+0+0=151\) T1 没预处理二的次幂直接飞了 A.数树 对于一棵没有边权的树，树上两个点的距离定义为两点间路径经过的边数。 现在告诉你一棵有 \(n\) 个点的树和 \(q\) 个询问，第 \(i\) 个询问给出 \(d_i\)，请问树上有多少个点集 \(S\) 满足
水题解的一天。 题目大意 给定 \(n\) 个点 任意两点 \(i,j\) 间有权值为 \(|i-j|\) 的双向边，另有 \(n\) 条权值为 \(1\) 的单向边，求以 \(1\) 为起点的单源最短路径。 \(1\leqslant n\leqslant200000\) 解题思路 由于 \(n\) 太大了，\(n^2\) 条边不能接受。 考虑简化， 发现 \(i \to \
CF1606C Banknotes 题目大意：有 n 种钞票，面值分别为 1 0 a [ i
解题思路 Trie树存一下子串就行了，一开始用map被卡了两个点 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; string s,ss; int l,k,tot,ans; int tree[1000010][11],e[1000010]; void insert(string s) { int p=0; for(int i=0;i<k;i++) { int c=s[i]-'A';
这里有板子 最大流 view code namespace Flow { int tot=1,fi[N],ne[M],to[M],w[M],S,T,d[N],nn; inline void add(int x,int y,int c) { ne[++tot]=fi[x],fi[x]=tot,to[tot]=y,w[tot]=c; ne[++tot]=fi[y],fi[y]=tot,to[tot]=x,w[tot]=0; } inline bool bfs() { fill
CF传送门 题目大意：大小为 n n n的一棵树 i i i号节点有权值范围
正题 https://www.luogu.com.cn/problem/CF1481F 题目大意 给出\(n\)个点的一棵树，在每个节点上填\(a/b\)，要求恰好有\(m\)个\(a\)。要求每个节点到根路径上的字符串种类最少，输出方案。 \(1\leq m\leq n\leq 10^5\) 解题思路 被stoorz拉来做这题，被D了/kk 很顺理成章的一个思路是我
正题 https://www.luogu.com.cn/problem/CF1481F 题目大意 给出 n n n个点的一棵树，在每个节点上填 a /
廊桥分配 description 机场分国内区和国际区，分别有\(m_1,m_2\) 架飞机会到来，每架飞机停在机场的时间为\([a_i,b_i]\) 。每架飞机来到机场后会选择在廊桥/远机位。飞机会优先停靠廊桥，而廊桥使用先到先得，即如果某架飞机到达时存在空闲的廊桥则会停靠，否则停靠远机位。现在总共\(n\)
首先观察题目，发现题目要求 \(x\) 个一模一样的数 因为这 \(x\) 个数是定下来的，所以从这里突破 假设已经选择了 \(x\) 个数，还剩下 \(n-x\) 个数，我们的目标是从中取出 \(y-x\) 个数，然后让这些数在这 \(n-x\) 个位置里面移动，直到这 \(y-x\) 个数不与原序列上的数一样，然后剩下的 \(n-y
T1.廊桥分配 \(n^2\)暴力：直接枚举分配过程按照题意模拟。 对于每架飞机，设当前区域内廊桥总数为\(x\)，那么只有当\(x\)到达一定值时，它才有贡献 考虑对于每个可能的\(x\)，求出来它可以使得多少飞机有贡献，那么只要前缀和一下再\(O(n)\)扫一遍就可以求得答案 思考怎么求每个\(x\)的贡献
\(T1\) 数论，比较好想。 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; long long a, b, c; long long ans; int main() { scanf("%lld%lld%lld", &a, &b, &c); if(c - b >= a) { printf("%lld\n", a - 1); return 0; }
模板代码 一、快读&快写 template <class T> inline void read(T &x) { x = 0; T f = 1; char ch = getchar(); while (ch < '0' || ch > '9') { if (ch == '-') { f = -1; } ch = getchar(); } while (ch >=
K倍数字 题面： 根据题目可知 \(f(x)\) 跟数字每一位数位上的数字有关，我们考虑数位 dp。 传统的数位 dp 习惯从高位到低位，我们设 \(dp[i][j][o][l][m]\) 表示当前遍历到第 \(i\) 位，目前个数字之和是 \(j\)，乘 \(k\) 后的个数字之和是 \(o\)，乘 \(k\) 后的产生的进位是 \(l\)，\(m\) 表
前言 第一题签到之后就睡麻了，这题都没想出来，满脑子都是区间DP，没救了。 题目 \(\rm 128MB,1s.\) 无题目链接。 题目大意： 炉石传说最近出了一个新模式：佣兵模式。 虽然我一度觉得这个模式完全没有天梯有意思，没有技术含量，还要高额氪金，但是架不住高额的任务奖励，还是打了两轮，只能说暴雪
题目大意 一个点每过一个单位时间就会向四个方向扩散一个距离，如图。 两个点 a , b a,b a,b 连通，记作
“要求让最少个数的一种 'QwQ' 的个数最多的方案”,显然可知主体算法为二分答案，考虑 check() 怎样实现。 “保证对于每个 \(x\),最多有一个 \(a\) 使得 \(a\to x\) 成立”，故此转化关系可以抽象为树或基环树。尽管不保证连通，但我们可以建出超级源点，连接整个森林。对于树的情况，考虑
看到数据量1e2，直接暴力即可。每一轮暴力检查两棵树上度为0的点，寻找最优答案输出，同时更新deg数组。 #include <bits/stdc++.h> #define N 405 #define M 10005 using namespace std; int n, head[N], ver[2 * M], Next[2 * M], tot = 0, deg[N], a[2 * N], b[2 * N]; void add(int
正题 题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/P4383 题目大意 \(n\)个点的一棵树，要求删除\(k\)条边然后接上\(k\)条边权为\(0\)的边后形成的树上选择一对\((p,q)\)从\(p\)走简单路径到\(q\)的权值和最大。 \(n,k\leq 3\times 10^5\) 解题思路 其实可以理解为选恰好\(k+1\)条
在想只有一个数的时候混乱了，先思考再开码很重要。 https://codeforces.com/contest/1594/problem/C 题意 给定一个字符串和目标字符 \(c\)，每次操作可以选中一个 \(i\)，并将所有 \(j,\ j\mod i \not= 0\) 位置处的字符变为\(c\)，问最少多少次操作可以将整个字符串上的每个数都变成目
费用流： 定义： 给定一个网络 \(G=(V,E)\), 每条边除了有容量限制 \(c(u,v)\) , 还有一个单位流量的费用 \(w(u,v)\) 当 \((u,v)\) 的流量 \(f(u,v)\) 时，需要花费 \(f(u,v) \times w(u,x)\) \(w\) 也满足对称性，即 \(w(u,v)+w(v,u)=0\) 则该网络中总花费最小的最大流称为 最小费用最大
T1聚会 正解 思路 简单题，开栈暴力存储每个 1 的位置，然后暴力向两边拓展更新答案即可。 当拓展到另一个 1 时应该立即停止，因为再进行拓展一定会多上一个 两个 1 之间的距离，一定不会更优，没有意义。 至此，每一段区间最多被遍历两次，复杂度 \(O(Tn)\) ，可以通过。 代码 屑代码 #
10.8 补坑 今天主要任务就是干掉之前没有做过去的模拟题，大概有个六七道，因为懒，所以不在向对应的场次总结里放了。同时单独拿出来也是意味着这些题的重要性和难度都是比较大的。 AVL 树 优美的平衡树，中序遍历字典序最小，显然是贪心。注意平衡树的特殊性质，树高是 log 级别的，也就是说可
