Problem StatementA sport event is held in June of every year whose remainder when divided by $4$ is $2$. Suppose that it is now January of the year $Y$. In what year will this sport event be held next time? Constraints $2000 \leq Y \leq 3000$ $Y$ is
与 jstack实战死循环与死锁学习笔记 介绍的方法一致。 使用top命令查看 top -p 21919 线程进程号pid的内存情况 按H，获取每个线程的内存情况.PID为线程号。 这里占用CPU最高的线程为19664 此线程转为16进制得到0x4cd0， 执行jstack 19663 | grep -A
D 二分max值为L，判定能否使用\(\leq L\)的数构造出答案。 暂时不管L的限制。此时如果我们有一组解，表示为\(c_{0},c_{1},...,c_{60}\)，其中\(c_{i}\)是有多少个数在第\(i\)位为\(1\)。那么我们可以将\(c_{i}\)减\(2\)，\(c_{i-1}\)加\(4\)；或者\(c_{i}\)减\(4\)，\(c_{i+1}\)加\(2\)，构造出
洛谷题面传送门 像极了我验的那道牛客多校（第六场 C Forest）…… 考虑对于每条边，计算其在最大生成基环森林中的概率，乘以边权求和就是答案。现在问题在于如何计算每条边在最大生成基环森林中的概率，显然比它权值小（如果权值相同则比较编号）的那些边存不存在不影响这条边是否在最大生成基
传送门 思路 学了析合树还不会做这题，感觉我真的没什么救/ll 对于这类跳若干步的问题，一个很自然的想法是预处理倍增数组，但这题的状态数量是 \(O(n^2)\) 的，看起来不能直接做。这时一个关键结论突然出现：设 \(f^k(l,r)\) 为 \([l,r]\) 操作 \(k\) 后的结果，那么若 \([l_1,r_1] \cup [l_
VK Cup 2017 - Round 3 - D. Perishable Roads 题目链接： 传送门: https://codeforces.com/contest/773/problem/D 题目大意： 对于每一个点\(i\in[1,n]\)，求解以点\(i\)为根的生成树使得\(ans_i=\sum_{j=1}^nd(j)\)最小，其中\(d(j)\)为结点\(j\)到根\(i\)路径上的最小边权。输出\(ans_
Description 火星人在出生后，神经网络可以看作是一个由若干无向树 \(\{T_1(V_1, E_1), T_2(V_2, E_2),\ldots T_m(V_m, E_m)\}\) 构成的森林。随着火星人年龄的增长，神经连接的数量也不断增长。初始时，神经网络中生长的连接 \(E^\ast = \varnothing\)。神经网络根据如下规则生长： 如
关于打怪物的顺序，有经典结论： 优先打$a<b$的怪物，这些怪物按$a$从小到大，其余怪物按$b$从大到小 （证明调整法即可，具体略） 将所有怪物以此法排序，则打怪物的顺序总是从前往后 对于$a<b$的怪物，当确定答案后，总是贪心打一个前缀 同时，显然答案单调不降，因此前缀长度也单调不降 对于$a\ge b$
Solution 注意到 \(n\le21\)，优先考虑状压。 记全集为 \(U\)，\(f_S\) 为点集 \(S\) 的所有合法的划分方案的满意度之和，\(\operatorname{Sum}(S)\) 为点集 \(S\) 的人口和，即 \(\sum_{x\in S}w_x\)，\(g_S\) 为点集 \(S\) 是否合法（合法为 \(1\)，否则为 \(0\)）。根据题意可写出如下转移方程
1.volatile 不能保证多线程修改同一个变量的时候带来的不一致性问题。也就是不能代替 synchroned. 保证线程可见： 利用硬件MESI ,cup的缓存一致性来保障线程可见。 禁止指令重排序： 也是和cup 有关系，现代cup 在编译（comper）的时候回进行指令重排序， 由cu
最近出现的一个实际故障为例，介绍怎么定位和解决这类问题。 首先在linux系统中，输入top命令查看对应cpu消耗最高的线程，在找对应的pid. 假设以我这个为例 发现改进程的pid是：8583 通过ps aux | grep PID命令，可以进一步确定是什么进程出问题了 首先显示线程列表: # ps -mp pid -o
第一步：ps aux | sort -k3nr | head -5 查询前五cpu占比的进程 这里发现3032这个进程占比高达98.8% 第二步：top -Hp 3032（进程id）查看进程3032中线程资源占用情况 可以看到27737这个线程占用99.9%，将线程10进制转化为16进制 printf "%x\n" 27737（线程id） 第三
原题传送门 1. 问题描述 2. Solution 1、思路分析 题目大意：给出三场比赛以及每场比赛的W、T、L的赔率，选取每一场比赛中赔率最大的三个数a b c，先输出三行各自选择的是W、T、L中的哪一个，然后根据计算公式 (a * b * c * 0.65 – 1) * 2 得出最大收益～ 分析：以三个数一组的形式读取，读取
B. Bingo 题意： 给定一个n*n的矩形，在里面画k个#，使得没有任意n个#同行或者同列或者在对角线上。 题解： 一开始直接占了一个对角线，喜提WA7，原因是偶数的情况，两条对角线没有交点。直接交换一下两个对角线的第一个格子就行了，左下，右上留空，然后中间是从左上到右下留空，其他填满就行，一共能填n
在说明委托之前，我们先直接来个简单的例子，假如现在你要去筛选一个杯子的信息，可以提供给你关于杯子的信息有如：杯子的价格、杯子的评分等。暂且先以前两项为主。现让你找出价格最高的杯子和评分最高的杯子，那么对应的代码其实很简单，如下： 先定义有关杯子的信息： public class Cup {
结论：将序列\(A\)中的数插入线性基，线性基的每个组合在映射\(f\)中出现次数相同 证明：设序列\(A\)中插入成功的数的个数为\(k\)，记它们的下标组成的集合为\(S_1\)，记\(S_1\)在\(S\)中的补集为\(S_2\)。可以发现，对于\(S_2\)的任意子集\(T_2\)，必然存在唯一对应的线性基组合，因此存在唯一的
windows用户： 在用户目录(比如：C:\Users\lc)下建立一个新文件，叫做.wslconfig修改文件内容为： [wsl2]processors=4memory=8GBswap=8GBlocalhostForwarding=true processors：最大核数，配置为电脑最大核数的一半 memory：最大内存数，配置为电脑最大内存的一半 swap：和memory一样 重启wsl2 ws
原题 With the 2010 FIFA World Cup running, football fans the world over were becoming increasingly excited as the best players from the best teams doing battles for the World Cup trophy in South Africa. Similarly, football betting fans were putting their mo
很智障也很基本的一些知识，但我真的不会，作为一名初三的蒟蒻应该情有可原吧。 \(a\in A\) $a\in A$：a是A中的一个元素 \(A\cap B\)：$A\cap B$A和B的交集 \(A\cup B\)：$A\cup B$A和B的并集 \(A\subset B=B\supset A\)：$A\subset B=B\supset A$A被B包含 \(A\subseteq B=B\supseteq A\)：$A\s
\(~\) 已经对 WC 考试有了心理阴影了，于是先补点讲课题目。
最近常听到说女生的A罩杯，穿衣百搭且很高级！ 今天，我们就爬取京东商城某文胸品牌不同size的大致销售情况，来看看当前什么尺码才是主流吧！ 目录 1. 需求梳理 2. 数据采集 3. 统计展示 3.1. cup分布 3.2. color分布 4. 就这样吧 5. Python学习资源
文 / 王不留（微信公众号：考研英语笔记） The World in 2022: time for football to up its game The FIFA World Cup starts in November in Qatar. It used to be the only competition to involve all of the world’s best footballers, playing for their sport’s ultimat
原文：https://www.zhihu.com/question/274490260/answer/379320811 指令列表如下： 发卡操作分为以下几个步骤： 传输认证（外部认证） 卡片擦除 目录文件及用户密钥的创建及写入 数据（二进制数据，记录数据）的写入 对于传输通道的认证，个人觉得最通俗的理解就是获取读写权限，允许对里面
开闭原则 什么是开闭原则 软件对象（类、模块、方法等）应该对于扩展是开放的，对修改是关闭的。就是程序可以拓展，但是拓展程序不可以修改原有的代码，就像你想给什么东西写一个插件，你肯定不能修改那个东西的源码。 我认为开闭原则就是，用接口或抽象类来打造软件的整体架构，实现接口和
容斥原理 原型 求n个相交的集合的元素总个数 原理 例如： 证明 设元素x在所有集合中出现了k次，然后写出等式，应用组合数恒等式 例题 给定一个整数 n 和 m 个不同的质数 p1, p2, …,pm。 请你求出 1∼n 中能被 p1, p2, …,pm 中的至少一个数整除的整数有多少个。 例子 如何计算？ 设
