https://www.acwing.com/problem/content/1630/ 思路： 思路不难，按照题目意思判断即可，但是这个dfs有些难写，值得学习，特记录此题。 #include <iostream> #include <algorithm> #include <unordered_map> using namespace std; const int N = 40; int pre[N], in[N]; unordered_map
链接 \(Link with Bracket Sequence II\) 为了方便去重，我们令 \(f_{i,j}\) 表示 \(i\) ~ \(j\) 组成的两端括号匹配的合法括号序列方案数，\(g_{i,j}\) 表示 \(i\) ~ \(j\) 组成的合法括号序列方案数，答案为 \(g_{1,n}\) 。 转移 \(g_{i,j} -> f_{i-1,j+1}\)，\(g_{i,j}=\sum\limits_{k
链接 \(Equipment Upgrade\) 令 \(f_i\) 为升到 \(i\) 级所需期望费用，易得： \(f_i = f_{i-1} + c_{i-1} + \frac{1-p_{i-1}}{\sum\limits_{j=1}^{i-1}w_j}\sum\limits_{j=0}^{i-1}(f_i-f_j)w_{i-j-1}\)， 再化化得 \(p_{i-1}f_i=f_{i-1}+c_{i-1}-\frac{1-p_{i-1}}{\sum\limits_{
链接 \(A:Ancestor\) 预处理出 \(A,B\) 上关键点的前缀 \(lca\) 和后缀 \(lca\) ，枚举删除的点求即可。 #pragma GCC optimize(3) #include<bits/stdc++.h> #define IL inline #define LL long long using namespace std; const int N=2e5+3; struct hh{ int to,nxt; }; int n,k,n
链接 \(C:Link with Nim Game\) 判断必胜态还是必败态很明显直接求异或和就好了。 异或和为 \(0\) ，则为必败态，我们肯定是希望尽量一次每人取一个石子。 存在这种方案吗？我们可以找到 \(lowbit\) 最小的那堆石子取一个，这样对方肯定也只能从 \(lowbit\) 相等的那堆石子中取一个。 存
链接 \(A : Villages: Landlines\) 做法一：将有交集的两个区间合并（显然若一个区间被覆盖可只建电塔使另一个区间被覆盖），两两相邻区间的最短距离的和即为最小值。 做法二：按发电站的位置向左右遍历，对于左边，按建筑区间的最右端位置排序，记录目前电力能到达的最左端，贪心更新，对于右边同理
链接 \(String\) 我必须立刻对串串使用 \(kmp\) ，并让 \(nxt_i\) 向 \(i\) 连边，于是可得一个森林。对于任意点 \(x\) ，若 \(y\) 是 \(x\) 的祖先或自身，则有 \(S_{1,y} = S_{x-y+1,x}\) ，满足条件 \(1,2\) 。考虑条件 \(3\) ，需满足 \(2y>x\) 且 \(2y\) 与 \(x\) 模 \(k\) 同余，前者可以
思路： 找规律。 实现： 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int a[100005]; 4 int main(){ 5 //freopen("in.txt","r",stdin); 6 int t;cin>>t; 7 while(t--){ 8 int n;cin>>n; 9 vecto
1、打开vs的开发者命令行工具 2、输入 ildasm D:\HFGateCSharp.dll /OUT=D:\HFGateCSharp.il 3、准备一个snk 4、输入 ilasm D:\HFGateCSharp.il /res=D:\HFGateCSharp.res /dll /key=D:\a.snk /out=D:\aa\HFGateCSharp.dll 完成后即可引用新的dll了
namespace ConsoleApp1 { internal class Program { static void Main(string[] args) { int a = M(); int M() { return 1; } } } } .class private auto ansi be
背景 之前写了一篇文 【抬杠.NET】如何进行IL代码的开发 介绍了几种IL代码的开发方式。 创建IL项目 C#项目混合编译IL 使用InlineIL.Fody 使用DynamicMethod(ILGenerator) 我个人比较喜欢IL和C#在同一个项目的方式（毕竟单单为了一点点IL代码新建一个IL项目也挺麻烦的），所以一直在用
Il futuro semplice 简单将来时 用法 表示将要进行的动作或将要发生的事情 Domani pioverà. 明天将要下雨。 Fra una settimana partirò per l'Italia. 再过一个星期我去意大利。 可以起到命令式的作用 Verrete tutti a casa mia stasera. 今天晚上你们都来我家。 Leggerem
Il futuro anteriore 先将来时 用法 先将来时表示将来所进行的先于将来时的动作，一般用在从句中。 Quando sarai arrivato a Roma, troverai sicuramente degli amici italiani che vorranno aiutarti. 当你到达罗马的时候，肯定可以找到一些愿意帮助你的意大利朋友。 Solo dopo ch
首先说说为什么要写这个系列，大概有两点原因。 这种文章阅读量确实高... 对 IL 和 汇编代码 的学习巩固 所以就决定写一下这个系列，如果大家能从中有所收获，那就更好啦！ 一：params 应用层玩法 首先上一段 测试代码。 class Program { static void Main(string[] ar
有朋友好奇为什么将 闭包 归于语法糖，这里简单声明下，C# 中的所有闭包最终都会归结于 类 和 方法，为什么这么说，因为 C# 的基因就已经决定了，如果大家了解 CLR 的话应该知道， C#中的类最终都会用 MethodTable 来承载，方法都会用 MethodDesc 来承载， 所以不管你怎么玩都逃不出这三界之内。
Dettato Dal medico Medico: Allora, signora, quale è il problema? Paziente: Ho mal di stomaco e mal di testa. M: Da quanto tempo ha questi sintomi? P: Mah, da una settimana, circa. Io soffro di gastrite, ma seguo sempre la dieta. M: Vediamo un po'. S
类型和变量 类型：声明可以包含其成员、基类型、它实现的接口和该类型允许的操作。 保留字：@ 变量：用于引用特定类型的实例的标签。 值类型 和 引用类型。 值类型的变量直接包含它们的数据。 引用类型的变量存储对数据（称为“对象”）的引用。 对于引用类型，两个变量可以引用同一个对象
nameof 表达式可生成变量、类型或成员的名称作为字符串常量。 一、 旧代码 using System; namespace csharp6 { internal class Program { private static void Main(string[] args) { if (args==null) {
1. 程序集的修改 对于.net生成的assembly文件(通常为dll或exe)，如果是非强名程序集且未被混淆过，在某些场景下需要直接修改的时候，可通过微软自带的ILDASM.exe工具导出成IL文件后直接修改。这种方式的好处是可以直接修改IL，或者替换相应的Resource文件，修改完成后，利用ILASM编译回去。
说说emit(上)基本操作 文/玄魂 最近收到《.NET 安全揭秘》的读者的邮件，提到了书中很多大家想看到的内容却被弱化了，我本想回复很多内容因为书的主旨或者章节规划的原因只是概说性的，但是转念一想，读者需要的，不正是作者该写的吗？因此我准备把邮件中的问题一一搬到博客中，以博文的形式
T1 点点的圈圈 因为只有包含关系和不相交关系，就可以根据包含关系\(O(n^2)\)建树，\(O(n)\)跑树形dp 考虑优化建树，把一个圆看成一个正方形然后做扫描线，线段树每个节点维护set，存纵坐标在这个区间的正方形的编号 需要判四个角，暴力跳就行了 大多数情况下复杂度\(O(n\log^2n)\) T2 点点的
C#程序的编译过程，如下图： 总结：编译器将C#代码编译成DLL/EXE,DLL/EXE包含metadata（清单数据，对代码的描述）和IL（中间语言），IL（中间语言）经过CLR/JIT第二次编译才是机器码
传送门 题意 给定字符串 \(s\)，问任意翻转一个区间 \([l,r]\) 后得到的最小字符串。 \(\sum |s| \le 1.5\times 10^6\)。 分析 依次考虑答案第 \(i\) 位能否比 \(s_i\) 小可得：\(l\) 一定是右边有字符比它小的最左位置。因此只需考虑翻一个前缀的情况，可以用二分+哈希比较出最小
T1 序列 首先发现一个性质，就是一些元素是什么不重要，而是否相同才是重要的 然后可以在给定的a序列上左右添加元素，满足不是彩色序列同时计算方案数 f[i][j]表示生成了长度为 i ，互不相同的最长后缀长度为 j 的非彩色序列数 转移就考虑i+1从这 j 个中挑还是从k-j个中挑 计算答案时若a
理论上来说，没有不能破解的程序，因为程序最终都要部署到目标机器上，在目标机器上运行，当然有的程序反编译后只能得到汇编源码，但有了汇编源码就还原了功能。反反编译的手段，主要是提高反编译的难度和门槛。 尤其像C#和java这类语言很容易反编译，因为这类语言编写的程序，都首先会被翻译成
