标签：ch 入栈 Views -- GYM 103185E mid ans 单调

题目大意

有 \(N (N\leq 10^5)\) 个建筑排成一列，第 \(i\) 个建筑的高度是 \(H_i\)，\(H_i\) 两两不同，从建筑 \(i\) 到建筑 \(j\) 被认为是可达的，当且仅当不存在 \(k\) 使得 \(|i-k|\leq|i-j|\) 并且 \(H_j<H_k\)。

题解

考虑算每个 \(H_i\) 带来的贡献。维护一个从栈底到栈顶单调递减的单调栈，从左到右扫描 \(H_i\)，将 \(H_i\) 入栈。在入栈时算新入栈的 \(H_i\) 对左边的贡献，出栈时对弹出的 \(H_j\) 算 \(H_j\) 对其右边带来的贡献。假设将小于 \(H_i\) 的元素都出栈后，当前栈顶是 \(H_j\)，因为 \(H_j>H_i\)，所以 \(H_i\) 会对 \([j+1,i-1]\) 的右半区间的位置都带来 \(1\) 的贡献。假设当前为了入栈 \(H_i\)，弹出了 \(H_j\)，因为 \(H_j<H_i\)，所以 \(H_j\) 会对 \([j+1,i-1]\) 的左半段区间都带来 \(1\) 的贡献。注意考虑一下边界情况。区间加用差分维护即可，时间复杂度 \(O(n)\)。

Code

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define LL long long

template<typename elemType>
inline void Read(elemType& T) {
    elemType X = 0, w = 0; char ch = 0;
    while (!isdigit(ch)) { w |= ch == '-'; ch = getchar(); }
    while (isdigit(ch)) X = (X << 3) + (X << 1) + (ch ^ 48), ch = getchar();
    T = (w ? -X : X);
}

int a[100010], s[100010], ans[100010];
int n;

int main() {
    Read(n);
    for (int i = 1; i <= n; ++i)
        Read(a[i]);
    int top = 0;
    s[++top] = 1;
    for (int i = 2; i <= n; ++i) {
        while (top && a[s[top]] <= a[i]) {
            int L = s[top] + 1, R = i - 1;
            if (L <= R) {
                int mid = (L + R) >> 1;
                if ((R - L + 1) % 2 == 1) { ++ans[L]; --ans[mid]; }
                else { ++ans[L]; --ans[mid + 1]; }
            }
            --top;
        }
        int L = s[top] + 1, R = i - 1;
        int mid = (L + R) >> 1;
        if (L <= R) {
            if (!top) { ++ans[L]; --ans[R + 1]; }
            else { ++ans[mid + 1]; --ans[R + 1]; }
        }
        s[++top] = i;
    }
    while (top) {
        int L = s[top] + 1, R = n;
        if (L <= R) { ++ans[L]; --ans[R + 1]; }
        --top;
    }
    for (int i = 1; i <= n; ++i)
        ans[i] += ans[i - 1];
    for (int i = 1; i <= n; ++i)
        printf("%d ", ans[i]);
    printf("\n");

    return 0;
}

标签：ch,入栈,Views,--,GYM,103185E,mid,ans,单调
来源： https://www.cnblogs.com/AEMShana/p/16632659.html

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