标签：subset int 魔法阵 53 up 牛客 mp 集合 mod
题意：给定 n n n 个点和 m m m 条边，求出所有集合的独立子集的个数，即 ∑ S ⊂ T [ S 为 独 立 集 ] \sum_{S \subset T}[S为独立集] ∑S⊂T[S为独立集]，然后将所有集合独立集的个数以哈希方式求最终答案，即 a n s = ∑ T ⊂ N 23 3 ∑ i ⊂ T 2 i ∗ ∑ S ⊂ T [ S 为 独 立 集 ] ans=\sum_{T \subset N} 233^{\sum_{i \subset T} 2^i}*\sum_{S \subset T}[S为独立集] ans=∑T⊂N233∑i⊂T2i∗∑S⊂T[S为独立集]。
（定义独立集 S S S 为 S S S 中所有点均为孤立点，两两不相连。）
题解：根据题目显然需要枚举 [ 0 , 2 n − 1 ] [0,2^n-1] [0,2n−1] 的所有集合，然后考虑如何从前面以算出来的集合继承答案。可以发现对于一个集合 T T T， T T T 可以由两个集合构成，取最方便的为 T T T 二进制下最低位自成一个只有一个元素的集合，其余二进制位构成另一个集合（不可以同普通状压一样枚举 n n n 个位置构成 n n n 种方法（集合无顺序），这里只取一次即可，不然会重叠）。
计算集合 y y y 可以用 l o w b i t \text lowbit lowbit函数直接取到最低位的二次幂，然后当前集合减去 y y y 即可得 x x x 集合，对于 y y y 与 x x x 集合的合并，求出 y y y 对应的元素位置 p [ y ] p[y] p[y]，将 x x x 也该元素位置的 m p mp mp 值（与该元素有边的元素）与，然后求 x x x 和与出来的结果的异或即可得到 x x x 集合中不与 y y y 冲突的点集，最后答案便是 f [ i ] = f [ y ] + f [ x ] + f [ x ⊕ ( x & m p [ p [ y ] ] ) ] f[i]=f[y]+f[x]+f[x \oplus (x\&mp[p[y]])] f[i]=f[y]+f[x]+f[x⊕(x&mp[p[y]])]
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=(1<<26)+5;
const int mod=1e9+7;
int f[maxn],p[maxn],mp[30],n,m,x,y;
ll ans;
inline int lowbit(int x)
{
return x&(-x);
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cin>>n>>m;
for(int i=0;i<n;i++)p[1<<i]=i;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
cin>>x>>y;
mp[x]|=1<<y;
mp[y]|=1<<x;
}
for(int i=1;i<1<<n;i++)
{
int y=lowbit(i),x=i-y,z=x^(x&mp[p[y]]);
if(i==y)f[i]=1;
else f[i]=(1ll*f[y]+1ll*f[x]+1ll*f[z])%mod;
}
ll up=1;
for(int i=0;i<1<<n;i++)
{
ans=(ans+up*(1ll*f[i]+1)%mod)%mod; up=up*233%mod;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
标签：subset,int,魔法阵,53,up,牛客,mp,集合,mod 来源： https://blog.csdn.net/m0_51547083/article/details/121205582
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