标签:map HDU ++ dd Rise t2 t1 mx Price
题目:Problem - 6981 (dingbacode.com)
题目意思是给出两个n*n的方阵,分别存每个格子的钻石个数和增加的单价,从(1,1)走到(n,n)最后得到了钻石总价是多少,每次只能向右或向下走。
这题容易想成dp,但是钻石个数和单价对答案贡献的性质不同,很难在同一个转移方程中顾及到,所以这题其实就是一个模拟。
记录模拟每一个格子的所有情况,即可能的钻石个数和对应的单价,然后从中删去显然不可能发展为最优解的(即一种情况的个数和单价都比另一种小),最后再从(n,n)一格中的所有情况中找最优解。
怎样删去多余情况?一种方法是直接从(i-1,j)和(i,j-1)两个格子中发展出所有情况,然后按数量从大到小排序,然后从前往后取,若当前的单价小于已知的最大值就不取,大于就取并更新最大值。但这样会超时。所以我们可以提前保证每一个格子的情况都是有序的(按数量从大到小),然后每次更新(i,j)点情况时直接对(i-1,j)和(i,j-1)的情况进行归并排序,同时判断取舍情况,最后得到的情况也是有序的,可以被用作下一次的更新。
代码:
#include<iostream>
#include<string.h>
using namespace std;
typedef long long int ll;
int a[101][101], b[101][101];
struct point { ll x, y; };
struct node {
int cnt;
point d[4000];
}map[101];
point dd[4000];
int main()
{
int tt, n;
int i, j, k,cnt,t,t1,t2;
ll x, y, mx,ans;
cin >> tt;
while (tt--)
{
memset(map, 0, sizeof(map));
cin >> n;
for (i = 1;i <= n;i++)
for (j = 1;j <= n;j++)scanf("%d", &a[i][j]);
for (i = 1;i <= n;i++)
for (j = 1;j <= n;j++)scanf("%d", &b[i][j]);
map[0].cnt = 1;
for(i=1;i<=n;i++)
for (j = 1;j <= n;j++)
{
t1 = t2 = 1;t = 0;mx = 0;
while (t1 <= map[j].cnt && t2 <= map[j - 1].cnt)
{
if (map[j].d[t1].x > map[j - 1].d[t2].x)
{
if (map[j].d[t1].y + b[i][j] > mx)
{
mx = map[j].d[t1].y + b[i][j];
dd[++t].x = map[j].d[t1].x + a[i][j];
dd[t].y = mx;
}
t1++;
}
else
{
if (map[j - 1].d[t2].y + b[i][j] > mx)
{
mx = map[j-1].d[t2].y + b[i][j];
dd[++t].x = map[j-1].d[t2].x + a[i][j];
dd[t].y = mx;
}
t2++;
}
}
while (t1 <= map[j].cnt)
dd[++t].x = map[j].d[t1].x + a[i][j],
dd[t].y = map[j].d[t1].y + b[i][j], t1++;
while (t2 <= map[j - 1].cnt)
dd[++t].x = map[j - 1].d[t2].x + a[i][j],
dd[t].y = map[j - 1].d[t2].y + b[i][j], t2++;
map[j].cnt = t;
for (k = 1;k <= t;k++)
map[j].d[k].x = dd[k].x, map[j].d[k].y = dd[k].y;
}
ans = 0;
for (i = 1;i <= map[n].cnt;i++)
ans = max(ans, map[n].d[i].x * map[n].d[i].y);
printf("%lld\n", ans);
}
}
标签:map,HDU,++,dd,Rise,t2,t1,mx,Price 来源: https://blog.csdn.net/qq_53333451/article/details/119452044
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