摸了,但完全没摸。
第五~六日,树形dp。
第五日:
1、3、6普通题
2、4、7 树形dp+分组背包
5、树形+区间
第六日:
1、2、3 树形dp+分组背包
4、5、6、7 换根dp
整理:
一、普通题
设个状态,然后就是记忆化搜一下,递归找一下。难度较易
二、树形dp+区间dp
既可以用迭代也可以递归,不过递归比较容易思考。
三、树形dp+分组背包
1、简单的说,给你n个物品,物品之间有着一对多的依赖关系,这样往往能把所有物品画成一棵树(不能就添加根节点把森林连成树),所谓的依赖关系就是孩子节点选择了父亲节点也要选择。题意挑选m件物品使得总价值最大。
2、定义状态dp[u][k][i].其出于中间过程中表示,在以u为根的子树中。从前k棵直接相连的子树中选节点能装入大小为i的空间的最大价值。当其求出来后,再添入u节点,此时的含义为在以u为根的子树中选节点...(省略)。
3、转移的过程就是空间i的分配过程。可得出:
• dp[u][k][i]=max{dp[u][k-1][i-t]+dp[v][N][t]} 中间过程
• dp[u][最大的k值][i]=dp[u][最大的k值][i-1]+ww[u],ww[u]为u节点的价值
4、然后滚动数组优化掉k这一维.
5、接着dfs即可
void dfs(int u){
for(int k=0;k<g[u].size();++k){
int v=g[u][k];
dfs(v);
for(int i=m-1;i>=1;--i){
for(int t=0;t<=i;++t){
dp[u][i]=max(dp[u][i],dp[u][i-t]+dp[v][t]);
}
}
}
for(int i=m;i>=1;--i){
dp[u][i]=dp[u][i-1]+w[u];
}
}
6、还有一些复杂的优化,不过要考虑的细节比较多。
四、二次扫描换根dp
1、简单来说,考虑一颗树的换根时,状态怎么转移的问题。
2、 容易发现,从根作为父节点到孩子节点转移时,其实变化并不明显。设原树为T,转移后为T*,对比可以发现树形变化不大且有规律可循。只有部分参数要做出微调而大部分不变。
3、借助这一个特性可以定义状态然后推出转移方程。换根后又是一颗树,然后可以继续转移。
标签:六日,递归,int,转移,树形,节点,dp 来源: https://www.cnblogs.com/Flowyuan-Foreverworld/p/14987539.html
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